2021屆黑龍江省高考物理三模試卷（新課標(biāo)II）

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.下面關(guān)于感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流的說法中，正確的是（）

A.在一個電路中產(chǎn)生了感應(yīng)電流，一定存在感應(yīng)電動勢

B.在一個電路中產(chǎn)生了感應(yīng)電動勢，一定存在感應(yīng)電流

C.在某一電路中磁通量變化越大，電路中的感應(yīng)電動勢也就越大

D.在某一電路中磁通量變化越小，電路中的感應(yīng)電動勢也就越小

2.物體在月球表面上的重力加速度是它在地面上重力加速度的g這說明（）

6

A.地球質(zhì)量是月球質(zhì)量的6倍

B.地球直徑是月球直徑的6倍

C.物體在地面上的質(zhì)量是在月球上質(zhì)量的6倍

D.物體在地球上所受重力是在月球上所受重力的6倍

3.如圖所示，斜面角為45。，從斜面上方A點(diǎn)處由靜止釋放一個質(zhì)量為m卜、：4

的彈性小球，在B點(diǎn)處和斜面碰撞，碰撞后速度大小不變，方向變?yōu)?、弋?/p>

水平，經(jīng)過一段時間在C點(diǎn)再次與斜面碰撞.已知AB兩點(diǎn)的高度差為

h,重力加速度為g,不考慮空氣阻力.則小球落到C點(diǎn)時速度的大小

為（）

A.y/10ghB.y[ghC.y/5ghD.lOyfgh

4.如圖，水平放置的平行板電容器極板4、B間加有恒定電壓，a點(diǎn)與下極板的距離為d。一帶電粒

子從Q點(diǎn)水平射入電場，初速度大小為%,粒子偏轉(zhuǎn)后打在下極板的P點(diǎn)時速度大小為%/,其

水平射程為2d。若該粒子從與a在同一豎直線上的b點(diǎn)（圖中未標(biāo)出）水平射入電場，初速度大小

為。b，帶電粒子仍能打到P點(diǎn)，打到P點(diǎn)時速度大小為封。下列判斷正確的是（）

A.若b點(diǎn)在a點(diǎn)上方，則%<vbB.若b點(diǎn)在a點(diǎn)下方，則%〉vb

C.若匕點(diǎn)在a點(diǎn)上方，則叱<%/D.若b點(diǎn)在a點(diǎn)下方，則*>v/

在下列關(guān)于近代物理知識的說法中，不正確的是（）

A.玻爾理論可以成功解釋氫原子的光譜現(xiàn)象

B.氫原子的核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，原子的能量增大

C.0射線為原子的核外電子電離后形成的電子流

D.查德威克發(fā)現(xiàn)了中子，其核反應(yīng)方程為Be+^HeC^n

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

6.遠(yuǎn)距離輸送一定功率的交流電，為了減小線路上損失的功率，可以采取的措施有（）

A.提高輸送電壓B.降低輸送電壓

C.增加輸電線的電阻D.減小輸電線的電阻

7.如圖所示，在正方形的四個頂點(diǎn)各放一電荷量均為Q的點(diǎn)電荷（電性如-----f--------

圖所示），a、b、c、d是正方形邊長的中點(diǎn)，則下列說法中正確的是（）\

A.a、b、c、d四點(diǎn)的場強(qiáng)相等

-<?--------d---------

B.a、c兩點(diǎn)的場強(qiáng)一定等大而反向

C.b、d兩點(diǎn)的場強(qiáng)一定等大而反向

D.e點(diǎn)的場強(qiáng)一定為零

8.如圖所示，質(zhì)量分別為m和27n的4B兩個木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，4緊靠豎

直墻壁。用水平力向左推8,將彈簧壓縮，推到某位置靜止時推力大小為F,彈簧的彈性勢能為

Eo在此位置突然撤去推力，下列說法中正確的是（）

A.撤去推力的瞬間，B的加速度大小為在

2m

B.從撤去推力到4離開豎直墻壁前，4、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒，機(jī)械能守恒

C.4離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢能最大值為g

D.A離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢能最大值為E

三、填空題（本大題共2小題，共9.0分）

9.一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)經(jīng)歷一次由ZTBTCTDT/的循環(huán)

過程，P-U圖象如圖所示此過程中氣體需要（填“吸熱”或

“放熱”），與外界交換的熱量為_____J.

3r10'm

10.用力傳感器對單擺振動過程進(jìn)行測量，力傳感器測出的F-t圖象如圖所示，根據(jù)圖中信息可得,

擺球擺到最低點(diǎn)的時刻為s,該單擺的擺長為m(取兀2=10,g=i0m/s2)。

四、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共15.0分)

11.物體轉(zhuǎn)動的角加速度為a=△?;/△t,△3是時間內(nèi)的角速度變化量。某實(shí)驗(yàn)小組利用打點(diǎn)計

時器測量小圓盤轉(zhuǎn)動的角加速度的大小，示意圖如圖甲所示。用游標(biāo)卡尺測量小圓盤的直徑如

圖乙所示。把紙帶的一端粘在小電機(jī)的小圓盤上，另一端穿過打點(diǎn)計時器，打出的紙帶的一部

分如圖所示，每兩個相鄰的計數(shù)點(diǎn)之間還有4個點(diǎn)未畫出。

(1)小圓盤的直徑為cm

(2)打下8點(diǎn)時紙帶的速度為m/s

(3)小圓盤的角加速度為rad/s2

12.熱敏電阻是傳感器中經(jīng)常使用的元件，某學(xué)習(xí)小組要探究一熱敏電阻的阻值隨溫度變化的規(guī)律。

可供選擇的器材有：

.C。小靈

待測熱敏電阻力（實(shí)驗(yàn)溫度范圍內(nèi)，阻值約幾百歐到幾千歐）；

電源E（電動勢1.5U,內(nèi)阻r約為0.50）；

電阻箱R（阻值范圍0?9999.990）；

滑動變阻器長（最大阻值200）；

滑動變阻器/?2（最大阻值20000;

微安表（量程100〃4，內(nèi)阻等于25000）；

開關(guān)兩個，溫控裝置一套，導(dǎo)線若干。

同學(xué)們設(shè)計了如圖甲所示的測量電路，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①按圖示連接電路；

②閉合工、S2,調(diào)節(jié)滑動變阻器滑片P的位置，使微安表指針滿偏；

③保持滑動變阻器滑片P的位置不變，斷開S2,調(diào)節(jié)電阻箱，使微安表指針半偏；

④記錄此時的溫度和電阻箱的阻值。

回答下列問題：

（1）為了更準(zhǔn)確地測量熱敏電阻的阻值，滑動變阻器應(yīng)選用（填“%”或“/?2”）。

（2）請用筆畫線代替導(dǎo)線，在圖丙中將實(shí)物圖（不含溫控裝置）連接成完整電路。

圖丙

（3）某溫度下微安表半偏時，電阻箱的讀數(shù)為6000.000,該溫度下熱敏電阻的測量值為。（結(jié)

果保留到個位），該測量值（填“大于”或“小于”）真實(shí)值。

（4）多次實(shí)驗(yàn)后，學(xué)習(xí)小組繪制了如圖乙所示的圖像。由圖像可知，該熱敏電阻的阻值隨溫度的升高

逐漸（填“增大”或“減小”）。

五、計算題（本大題共4小題，共52.0分）

13.如圖所示，在xOy平面內(nèi)0<x<L的區(qū)域內(nèi)有一方向豎直向上的勻強(qiáng)電場，x>L的區(qū)域內(nèi)有一

方向垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場.某時刻，一帶正電的粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)，以沿x軸正方向的

初速度火進(jìn)入電場；之后的另一時刻，一帶負(fù)電粒子以同樣的初速度從坐標(biāo)原點(diǎn)進(jìn)入電場.正、

負(fù)粒子從電場進(jìn)入磁場時速度方向與電場和磁場邊界的夾角分別為60。和30。，兩粒子在磁場中

分別運(yùn)動半周后恰好在某點(diǎn)相遇.已知兩粒子的重力以及兩粒子之間的相互作用都可忽略不

計.求:

⑴正、負(fù)粒子的比荷之比會:號

（2）正、負(fù)粒子在磁場中運(yùn)動的半徑大小;

(3)兩粒子先后進(jìn)入電場的時間差.

14.如圖傳送帶與水平方向夾角37。，在皮帶輪帶動下，以%=2m/s的速度沿逆時針方向轉(zhuǎn)向.可

視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊無初速度放在傳送帶4點(diǎn)，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5,兩皮帶輪間

的距離L=3.2m.小物塊在皮帶上滑過后會留下痕跡，求小物體離開皮帶后，皮帶上痕跡的長度.

(sin37。=0.6,g取lOm/s?)

15.質(zhì)量為m的活塞將一定量的理想氣體封閉在高為h的直立氣缸內(nèi)，活塞橫截面積

為S,氣缸內(nèi)壁光滑且導(dǎo)熱良好.開始時活塞被固定在氣缸頂端4處，打開螺栓K,

活塞最終停在氣缸一半高度的B處，大氣壓強(qiáng)為P。，不計活塞厚度，重力加速度

為g,環(huán)境溫度保持不變.3

①求活塞在4處時，氣缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng):

②求上述過程中通過氣缸壁傳遞的熱量Q.

16.如圖所示，一個截面為矩形的水池池底有垂直于池壁的線形發(fā)光體，長度，=3m。當(dāng)池中未裝

水時.，一高九=1.56的人站在距池邊Si=2機(jī)的4點(diǎn)，只能看到發(fā)光體的左端點(diǎn)。當(dāng)將水池加滿

水時，人需移動到距池邊S2=3m的B點(diǎn)時，才只能看到發(fā)光體的左端點(diǎn)。已知發(fā)光體的右端緊

靠站人一方的池邊，人站的位置與發(fā)光體在同一豎直面內(nèi)，不計人眼到頭頂?shù)木嚯x。求：

①水池中水的折射率;

②人站在B點(diǎn)時看到的左端點(diǎn)的像到發(fā)光體的距離。

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：48.感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是閉合回路中磁通量發(fā)生變化，因此當(dāng)有感應(yīng)電動勢時，只有閉

合電路，才有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A正確，B錯誤；

C根據(jù)E=N等，磁通量變化越大，磁通量的變化率不一定大，感應(yīng)電動勢不一定大，故C錯誤；

D根據(jù)E=N等，穿過線圈的磁通量變化越快，磁通量變化率越大，則感應(yīng)電動勢越大，與磁通量

的變化大小無關(guān)，故。錯誤。

故選A。

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律判斷感應(yīng)電動勢與什么因素有關(guān).感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件：當(dāng)閉合回路中磁

通量發(fā)生變化時，回路中就會產(chǎn)生感應(yīng)電流，并根據(jù)變化率與變化量不同，從而求解.

解決本題的關(guān)鍵掌握法拉第電磁感應(yīng)定律，知道感應(yīng)電動勢的大小與磁通量的變化率有關(guān).判斷電

路中能否產(chǎn)生感應(yīng)電流，應(yīng)把握兩點(diǎn)：一是要有閉合回路；二是回路中的磁通量要發(fā)生變化。

2.答案：D

解析：

在星球表面重力等于萬有引力，根據(jù)重力公式：G=mg分析答題；

本題考查了比較地球與月球質(zhì)量、半徑間關(guān)系、物體所受重力大小關(guān)系等問題，應(yīng)用萬有引力定律

公式、G=mg即可正確解題。

月球?qū)ξ矬w的萬有引力：G瞿=mg,重力加速度：g=瑞，

物體在月球表面上的重力加速度為地球表面上的重力加速度的3

A、地球與月球半徑不同，由于不知道它們半徑間的具體關(guān)系，由g=*無法求出質(zhì)量關(guān)系，故A

錯誤；

從地球與月球質(zhì)量不同，由于不知道它們質(zhì)量間的具體關(guān)系，由。=瑞無法求出半徑關(guān)系，故8

錯誤；

C、質(zhì)量是物體的固有屬性，是不變的，故c錯誤；

￡＞、由。=爪9可知，物體在地球上所受重力是在月球上所受重力的6倍，故。正確；

故選：D

3.答案：A

解析：解：根據(jù)/1=：/2得，方=后.

平拋運(yùn)動的初速度大小%=gti=12gh.

因?yàn)槠綊佭\(yùn)動到C點(diǎn)水平位移和豎直位移相等，有=\gt2

解得”學(xué)

則小球運(yùn)動到C點(diǎn)豎直方向上的分速度%=gt=2v0

則％=J詔+(2%)2=yJlOgh.

故選：A

根據(jù)自由落體運(yùn)動的位移時間公式求出小球從4點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的時間.小球與B點(diǎn)碰撞后做平拋運(yùn)動,

求出平拋運(yùn)動的初速度，抓住平拋運(yùn)動的水平位移和豎直位移相等求出平拋運(yùn)動的時間，從而得出

平拋運(yùn)動到C點(diǎn)豎直方向上的分速度，根據(jù)平行四邊形定則定則求出小球落到C點(diǎn)的速度大小.

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式靈活求解.

4.答案：C

解析：略

5.答案：C

解析：解：4、玻爾理論成功地解釋了氫原子的光譜現(xiàn)象.故A正確.

8、氫原子的核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，需要吸收能量，故原子的能量增

大.故8正確.

C、夕射線是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€電子和一個質(zhì)子，電子釋放出來，則新核的化學(xué)性質(zhì)發(fā)

生變化.故C錯誤.

。、查德威克通過a粒子轟擊被核發(fā)現(xiàn)了中子，核反應(yīng)方程為：C+加.故。正確

本題選擇不正確的，故選：C.

玻爾理論可以成功解釋氫原子的光譜現(xiàn)象；一次衰變可同時產(chǎn)生a射線或夕射線，并伴隨y射線；衰

變所釋放的電子不是來自核外電子，是原子核內(nèi)部的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€電子和一個質(zhì)子，導(dǎo)致原

子序數(shù)變化；電子從較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，原子的能量增大；當(dāng)光的入射頻率大于

極限頻率時，才會發(fā)生光電效應(yīng).

本題考查了玻爾理論、能級、衰變、核反應(yīng)方程等基礎(chǔ)知識點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些基礎(chǔ)知

識點(diǎn)，重點(diǎn)理解核反應(yīng)來自于原子核內(nèi)部.

6.答案：AD

解析：解：根據(jù)。="知，I=%則輸電線上損失的功率P損=/2R=，R,可知，提高輸送電壓、

減小輸電線的電阻可以減小線路上功率的損失.故A、。正確，B、C錯誤.

故選：AD.

根據(jù)P=U/求出輸電線上的電流，結(jié)合P損=NR求出輸電線上損失的功率，從而進(jìn)行判斷.

解決本題的關(guān)鍵掌握輸送功率與輸電電壓和輸電電流的關(guān)系，以及知道P損=/2R.

7.答案：BCD

解析：解：ABC,設(shè)正方向邊長為3每個電荷電量為Q,對a點(diǎn)研究，左側(cè)的一正一負(fù)兩個電荷在a點(diǎn)

的合場強(qiáng)方向向下，大小為：邑=2蕭=嗤

右側(cè)的一正一負(fù)兩個電荷在a點(diǎn)的合場強(qiáng)方向向上，大小為：Ez=2登?差=嚼

(T0~zL

a點(diǎn)的合場強(qiáng)的方向向下，大小為：Ea=Er-E2

同理，可以求出bed各點(diǎn)的場強(qiáng)的大小都是瓦-方向分別是向右、向上、向左。所以a、c兩點(diǎn)

的場強(qiáng)一定等大而反向，b、d兩點(diǎn)的場強(qiáng)一定等大而反向。故4錯誤，8C正確；

。、由圖可知，兩個正電荷在e點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，合場強(qiáng)為0.兩個負(fù)電荷在e點(diǎn)產(chǎn)生

的合場強(qiáng)也是大小相等，方向相反，合場強(qiáng)為0.所以e點(diǎn)的合場強(qiáng)為0.故。正確。

故選：BCD。

在邊長為a的正方形四個頂點(diǎn)2、B、C、D上依次放置電荷量為q、q、-q和q的點(diǎn)電荷，B、C兩點(diǎn)上

的電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，正好抵消，最終的場強(qiáng)為4、C兩點(diǎn)電荷在e點(diǎn)產(chǎn)生場

強(qiáng)的合場強(qiáng).

解決本題的關(guān)鍵掌握點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式，以及點(diǎn)電荷的場強(qiáng)方向，會根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行場強(qiáng)

的疊加.

8.答案：ABC

解析：

B受兩個力作用處于平衡狀態(tài)，說明8所受彈力的大小等于F,故撤去F時，8的合力大小為彈力大小，

根據(jù)牛頓第二定律求產(chǎn)生的加速度a,在4離開墻壁前受墻壁對系統(tǒng)的作用力，系統(tǒng)不滿足動量守恒

條件，又因?yàn)閴Ρ谧饔昧?不做功，故系統(tǒng)滿足機(jī)械能守恒條件.4離開墻壁后系統(tǒng)機(jī)械能守恒動

量也守恒，故系統(tǒng)動能不可以為0,則彈簧彈性勢能不可能與系統(tǒng)總機(jī)械能相等.

正確認(rèn)識動量守恒條件和機(jī)械能守恒條件是解決本題的關(guān)鍵了.如果一個系統(tǒng)不受外力或所受外力

的矢量和為零，那么這個系統(tǒng)的總動量保持不變，這個結(jié)論叫做；系統(tǒng)只有重力或彈力做功為機(jī)械

能守恒條件.

A.F撤去前B處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力為0,即彈簧彈力大小與F大小相等方向相反，當(dāng)撤去尸的瞬時間，

對8而言只受到彈簧彈力作用，大小為F,故此時8的加速度大小a=在，故A正確；

2m

8.從撤去推力到4離開豎直墻壁前，4離開墻前墻對4有彈力，這個彈力雖然不做功，但對4有沖量,

因此系統(tǒng)機(jī)械能守恒而動量不守恒，故8正確；

CD撤去力F后，B向右運(yùn)動，彈簧彈力逐漸減小，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時，4開始脫離墻面，這一過程機(jī)

械能守恒，即滿足：E=i(2m)vj①

4脫離墻面后速度逐漸增加，B速度逐漸減小，此過程中彈簧逐漸伸長，當(dāng)月、B速度相同時，彈簧彈

性勢能最大，這一過程系統(tǒng)動量和機(jī)械能均守恒，有：

動量守恒：2m〃B=(m+2m)v②，

2

機(jī)械能守恒：EPmax=(2zn)vj-j+2m)v③

由①②③可解得：EPmax=故C正確，。錯誤；

故選ABC.

9.答案：吸熱400

解析:解：47B過程,氣體對外做功:MB=~PA(VB-BA)=一3X105x(3-1)x10-3J=-600/；

B-C過程氣體不做功；

5

C-。過程外界對氣體做功：WCD=PC(VC-BD)=1x10x(3-1)x10-3/=200/；

D-4過程氣體不做功；

經(jīng)歷一次由4TBTCTDT4的循環(huán)過程，氣體做功：W=WAB+WCD=-600/+200/=-400;

溫度不變，內(nèi)能不變，即△U=0。

根據(jù)熱力學(xué)第一定律：勿+<?=△(/,得

Q=-W=-(-400)；=4007,所以，氣體需要吸熱，與外界交換的熱量為400/。

故答案為：吸熱；400o

根據(jù)勿=PAV,求出各個過程氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可以求出氣體和外界熱交換情況。

本題考查了熱力學(xué)第一定律、氣體做功等知識點(diǎn)。熱力學(xué)第一定律在應(yīng)用時一定要注意各量符號的

意義；AU的正表示內(nèi)能增加，E為正表示物體吸熱；小為正表示外界對物體做功。

10.答案:0.60.64

解析：解：擺球擺到最低點(diǎn)拉力最大，根據(jù)圖的信息可得，擺球擺到最低點(diǎn)的時刻為0.6s,

擺球擺到最高點(diǎn)的時刻為0.2s和1.0s,單擺擺動的周期為T=2x(1.0-0.2)s=1.6s。

根據(jù)公式7=2兀代有：L=/■=0.64m。

4rr2

故答案為：0.6；0.64。

擺球擺到最低點(diǎn)的時刻細(xì)線的拉力最小，由圖象得到周期，根據(jù)公式丁=2兀缶求解單擺的擺長。

本題考查了用單擺測量重力加速度的實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理和圖象信息的獲取。

II.答案：(1)1.20

(2)0.42

(3)400

解析：

(1)10分度游標(biāo)卡尺游標(biāo)每一分度表示長度為O.lnun,由主尺讀出整毫米數(shù)，根據(jù)游標(biāo)尺上第幾條刻

度線與主尺對齊，讀出毫米的小數(shù)部分；

(2)根據(jù)平均速度等于中間時刻瞬時速度求出打B點(diǎn)時紙帶的瞬時速度；

(3)先求出C點(diǎn)的速度，然后根據(jù)u=3r求解角速度，最后根據(jù)角加速度公式進(jìn)行求解。

本題主要考查了游標(biāo)卡尺的讀數(shù)，圓周運(yùn)動中線速度、角速度和半徑的關(guān)系，打點(diǎn)計時器系列實(shí)驗(yàn)

中利用紙帶求瞬時速度。

(1)10分度的游標(biāo)卡尺精確度為0.1mm,游標(biāo)卡尺整數(shù)部分為12nun,小數(shù)部分為零，故讀數(shù)為

12.0mm=1.20cm；

(2)打下計數(shù)點(diǎn)B時紙帶的速度為=筆匹=0.42m/s;

(3)C點(diǎn)的速度。c=XcD^BC=0.66m/s,圓盤的角速度須=詈=70rad/s,3c=千=110rad/s,

小圓盤的角加速度為a=等=",泮=400rad/s2?

故答案為:

(1)1.20

(2)0.42

(3)400

12.答案：收3500大于減小

解析：解：(1)用半偏法測量熱敏電阻的阻值，盡可能讓該電路的電壓在S2閉合前、后保持不變，由

于該支路與滑動變阻器前半部分并聯(lián)，滑動變阻器的阻值越小，S2閉合前、后該部分電阻變化越小，

從而電壓的值變化越小，故滑動變阻器應(yīng)選Ry

(2)電路連接圖如圖所示：

(3)微安表半偏時，該支路的總電阻為原來的2倍，即熱敏電阻和微安表的電阻之和與電阻箱阻值相

等，^RT+R^A=6000/2,可得：RT=3500/2；

當(dāng)斷開S2,微安表半偏時，由于該支路電阻增加，電壓略有升高，根據(jù)歐姆定律，總電阻比原來2倍

略大，也就是電阻箱的阻值略大于熱敏電阻與微安表的總電阻，而認(rèn)為電阻箱的阻值等于熱敏電阻

與微安表的總電阻，因此熱敏電阻的測量值比真實(shí)值偏大：

(4)由于是仇嶼圖像，當(dāng)溫度7升高時，"減小，從圖中可以看出仇外減小，從而％減小，因此熱

敏電阻隨溫度的升高逐漸減小.

故答案為：

⑴氏；

(2)如圖所示:

(3)3500,大于；

(4)減小。

(1)用半偏法測量熱敏電阻的阻值，盡可能讓該電路的電壓在52閉合前、后保持不變，由于該支路與

滑動變阻器前半部分并聯(lián)，滑動變阻器的阻值越小，S2閉合前、后該部分電阻變化越小，從而電壓

的值變化越小，所以選擇阻值小的滑動變阻器；

(2)按照電路圖實(shí)物連圖即可;

(3)在誤差允許的范圍內(nèi)，微安表半偏時，說明熱敏電阻和微安表的電阻之和與電阻箱阻值相等，列

式求解即可；微安表半偏時，由于該支路電阻增加，電壓略有升高，根據(jù)歐姆定律，總電阻比原來2

倍略大，再進(jìn)一步分析測量值與真實(shí)值之間的關(guān)系;

(4)直接從圖像中分析用隨7的變化即可。

本題考查半偏法測電阻的實(shí)驗(yàn)原理及器材的選擇，半偏法是一種近似方法，即近似認(rèn)為干路中的電

流不變，但實(shí)際是變化了。要能根據(jù)原理去分析誤差來源并能分析實(shí)際值馬測量值之間的關(guān)系，對

于實(shí)驗(yàn)題，掌握實(shí)驗(yàn)原理是解題的重中之重。

13.答案：解：(1)設(shè)粒子進(jìn)磁場方向與邊界夾角為。，粒子在

水平方向做勻速直線運(yùn)動，貝I：

L

t=—

v0

沿電場線的方向：a=*vy=at

又：1G1。=曳=皿

vyqEL

聯(lián)立得：

勺211

---=1-3

恤‘m2tan60°tan30°

(2)粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)量：y==

乙￡.TTLVQTlT

所以：?=|

又：y=yt

兩粒子離開電場位置間的距離：d=yi+y2

磁場中圓周運(yùn)動速度：黑，

sine7

所以“1=贏=￥%,外=贏=2%

由洛倫茲力提供向心力得：qvB=

所以：^=-

r21

根據(jù)題意作出運(yùn)動軌跡，兩粒子相遇在P點(diǎn)，

由幾何關(guān)系可得：

譏

2rl=ds60°

2r2=dsin30°

聯(lián)立解得：=工乙，

/]=3^r2=-d=—L

142z46

(3)粒子在磁場中運(yùn)動的周期：7=羿

兩粒子在磁場中運(yùn)動時間均為半個周期，貝IJ：匕=等=學(xué)=等，[,=巴1=9=包

由于兩粒子在電場中時間相同，所以進(jìn)電場時間差即為磁場中相遇前的時間差：

V37TLA/3TTL百7rL

△t=-t=--------——=-

26v

4v012v00

答：(1)正、負(fù)粒子的比荷之比是1：3；

(2)正、負(fù)粒子在磁場中運(yùn)動的半徑大小分別是｝L和在人

(3)兩粒子先后進(jìn)入電場的時間差是等。

解析：(1)粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，將運(yùn)動分解，結(jié)合牛頓第二定律即可求出；

(2)粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律即可求出它們的半徑；

(3)由周期與半徑的關(guān)系：7=子分別求出它們的周期，然后求出它們的磁場中運(yùn)動的時間，即可求

出兩粒子先后進(jìn)入電場的時間差。

該題考查帶電粒子在電場中的運(yùn)動和帶電粒子在磁場中的運(yùn)動，正電荷與負(fù)電荷雖然偏轉(zhuǎn)的方向相

反，但是運(yùn)動的規(guī)律基本相同，可以先求出通式再具體分開，也可以直接分別求出，根據(jù)自己的習(xí)

慣來解答，答對就好。

14.答案：解:

對物塊受力分析有：

則有牛頓第二定律：

mgsind+f=ma

又：

f=fimgcosd

解得：a—10m/s2

物塊和皮帶速度相等時有

v0=at

解得：

t=0.2s

此時皮帶的位移為：

s1=vot=0.4m

物塊的位移為：

VQ

s=-t=0.2m

22

則相對運(yùn)動位移為：

△Xi=S2—Si=0.2m

此后物塊速度大于傳送帶的速度，摩擦力變?yōu)檠貍魉蛶蛏?/p>

此時距離底端的距離為：x=3.2m-0.2m=3m

由牛頓第二定律：

mgsind—(imgcosd=ma'

解得:

a'—2m/s2

故物塊到達(dá)底端的時間t'由:

2

x=vot+-at

解得：

t'=Is

此段時間內(nèi)傳送帶